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高三物理寒假作業(yè)答案(2)
根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)得： ②
T=243600s，
研究北斗﹣2A衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)萬有引力提供向心力，列出等式： ③
由①②③解得：
v2=4km/s
故B正確、ACD錯(cuò)誤.
3.解：沒有空氣阻力時(shí)，物體只受重力，是豎直上拋運(yùn)動(dòng)，v﹣t圖象是直線;
有空氣阻力時(shí)，上升階段，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力隨著速度而減小，故加速度逐漸減小，最小值為g;
有空氣阻力時(shí)，下降階段，根據(jù)牛頓第二定律，有：mg﹣f=ma，故a=g﹣，由于阻力隨著速度而增大，故加速度減小;
v﹣t圖象的斜率表示加速度，故圖線與t軸的交點(diǎn)對(duì)應(yīng)時(shí)刻的加速度為g，切線與虛線平行;
故選：D
4.解：粒子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖：
故質(zhì)量為m1、m2、m3的粒子軌道半徑分別為：
=
=2L+d
故： ①
粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，故：
②
�、�
④
聯(lián)立①②③④解得：m3= (m1+m2)
故選：C.
5.ABC解：1.若v1=v2，小物體P可能受到的靜摩擦力等于繩的拉力，一直相對(duì)傳送帶靜止勻速向右運(yùn)動(dòng)，若最大靜摩擦力小于繩的拉力，則小物體P先向右勻減速運(yùn)動(dòng)，減速到零后反向勻加速直到離開傳送帶，由牛頓第二定律知mQg﹣mPg=(mQ+mP)a，加速度不變，故A正確;
2.若v1v2，小物體P先向右勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律知mPg﹣mQg=(mQ+mP)a，到小物體P加速到與傳送帶速度v1相等后勻速，故B選項(xiàng)可能;
3.若v1a1，故C選項(xiàng)正確，D選項(xiàng)錯(cuò)誤.
故選：ABC
6.解：A、滑塊Q下滑的過程中，受到P的排斥力作用，此排斥力對(duì)Q做負(fù)功，所以Q的機(jī)械能減小，故A錯(cuò)誤.
B、滑塊Q在下滑過程中，沿軌道方向受到重力的分力和磁場(chǎng)斥力，先做加速運(yùn)動(dòng)后做減速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)速度減至零時(shí)，與P的距離最近.根據(jù)能量守恒得知，Q初始釋放位置的高度越大，相對(duì)于P位置具有的重力勢(shì)能越大，當(dāng)P運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，其重力勢(shì)能全部轉(zhuǎn)化為磁場(chǎng)能，則知磁場(chǎng)能越大，PQ的距離越近，故B正確.
CD、當(dāng)滑塊所受的磁場(chǎng)力與重力沿軌道向下的分力二力平衡時(shí)，Q的速度最大，重力的分力一定，根據(jù)平衡條件得知，速度最大時(shí)磁場(chǎng)力的大小也一定，則Q速度最大的位置一定，與Q初始釋放位置的高度無關(guān).
根據(jù)能量守恒得知，滑塊Q釋放的位置越高，具有的重力勢(shì)能越大，速度最大時(shí)磁場(chǎng)能一定，則Q所能達(dá)到的最大動(dòng)能越大，最大速度也越大，故知滑塊Q所能達(dá)到最大速度與初始釋放位置的高度有關(guān).故CD正確.
故選：BCD
7.a、長木板的右端沒被墊高，說明沒有平衡摩擦力;b、小車和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的距離太開了; c、細(xì)線沒套在定滑輪的輪槽上，以致拉線未能與板面平行;(2)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器 。
解析：(1)長木板的右端沒被墊高，說明沒有平衡摩擦力;小車和打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的距離太遠(yuǎn)了，細(xì)線沒套在定滑輪的輪槽上，以致拉線未能與板面平行;
(2)電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用4-6V交流電壓，電火花打點(diǎn)計(jì)時(shí)器直接接在220V交流電壓上，所以他所選的打點(diǎn)計(jì)時(shí)器是電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器.
8.
9. , 解析： 取加速度a的方向?yàn)檎较?/p>
以加速度a加速運(yùn)動(dòng)時(shí)有：
以加速度 反向運(yùn)動(dòng)到原出發(fā)點(diǎn)時(shí)，位移為
有：
解得：
回到原出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度
解得：
負(fù)號(hào)表明，回到原出發(fā)點(diǎn)時(shí)速度的大小為 ，方向與原的運(yùn)動(dòng)方向相反
10.解：(1)學(xué)生推小球過程：設(shè)學(xué)生第一次推出小球后，學(xué)生所乘坐小車的速度大小為v1，學(xué)生和他的小車及小球組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取向右的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得：
mv+Mv1=0①，
代入數(shù)據(jù)解得：v1=﹣0.04m/s，負(fù)號(hào)表示車的方向向左;
(2)學(xué)生每向右推一次小球，根據(jù)方程①可知，學(xué)生和小車的動(dòng)量向左增加mv，同理，學(xué)生每接一次小球，學(xué)生和小車的動(dòng)量向左再增加mv，設(shè)學(xué)生第n次推出小球后，小車的速度大小為vn，由動(dòng)量守恒定律得：
(2n﹣1)mv﹣Mvn=0，
要使學(xué)生不能再接到擋板反彈回來的小球，
有：vn2 m/s，
解得：n25.5，
即學(xué)生推出第26次后，再也不能接到擋板反彈回來的小球.
答：(1)學(xué)生第一次推出小球后，小車的速度大小為0.04m/s;
(2)從學(xué)生第一次推出小球算起，學(xué)生第26次推出小球后，再也不能接到從擋板彈回來的小球.
11.
(3)微粒從釋放開始經(jīng) 射入B板的小孔，d=v2 ，
則 =2dv=2d m2qU，
設(shè)微粒在半圓形金屬板間運(yùn)動(dòng)經(jīng)過 第一次到達(dá)最低點(diǎn)P點(diǎn)，則 =L4 m2qU，
所以從釋放微粒開始，經(jīng)過 + =2d+L4 m2qU微粒第一次到達(dá)P點(diǎn);根據(jù)運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性，易知再經(jīng)過2( + )微粒再一次經(jīng)過P點(diǎn)
所以經(jīng)過時(shí)間t=(2k+1)2d+L4 m2qU，(k=0,1，2，)微粒經(jīng)過P點(diǎn).
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